フォン・シュタウト＝クラウゼンの定理

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フォン・シュタウト＝クラウゼンの定理

出典: フリー百科事典『ウィキペディア（Wikipedia）』 (2025/04/18 09:07 UTC 版)

フォン・シュタウト−クラウゼンの定理^[1]（フォン・シュタウト−クラウゼンのていり、Von Staudt–Clausen theorem）は、数論におけるベルヌーイ数の小数部分に関する定理である。クラウゼン−フォンシュタウトの定理とも呼ばれる^[2]。カール フォン・シュタウト (1840)と、 トーマス クラウゼン (1840)が独立して発見した。

nを正整数、pを2nがp − 1で割り切れるような素数として、ベルヌーイ数B_2nにすべての1/pを加えた数は整数になる^[3][4]。つまり、

${\displaystyle B_{2n}+\sum _{(p-1)|2n}{\frac {1}{p}}\in \mathbb {Z} .}$

この定理により即座に、0でないベルヌーイ数B_2nの（既約な）分母が、2nがp − 1で割り切れるような素数pの総積であることが分かる。更に、無平方で、6で割り切れる事も導ける。

ベルヌーイ数B_2nについて、n番目の分母の成す数列は次の通り。

6, 30, 42, 30, 66, 2730, 6, 510, 798, 330, 138, 2730, 6, 870, 14322, 510, 6, 1919190, 6, 13530, ... オンライン整数列大辞典の数列 A002445.

整数列 ${\displaystyle B_{2n}+\sum _{(p-1)|2n}{\frac {1}{p}}}$は次のようになる。

1, 1, 1, 1, 1, 1, 2, -6, 56, -528, 6193, -86579, 1425518, -27298230, ... オンライン整数列大辞典の数列 A000146.

証明

4つの補題を用いる。

pを素数とする。

1. 2nがp – 1で割り切れるならば、

${\displaystyle \sum _{m=0}^{p-1}{(-1)^{m}{p-1 \choose m}m^{2n}}\equiv {-1}{\pmod {p}}.}$

2. 2nがp – 1で割り切れないならば、

${\displaystyle \sum _{m=0}^{p-1}{(-1)^{m}{p-1 \choose m}m^{2n}}\equiv 0{\pmod {p}}.}$

補題1,2の証明にはフェルマーの小定理を使う。m = 1, 2, ..., p – 1について、

${\displaystyle m^{p-1}\equiv 1{\pmod {p}}}$

である。

2nがp – 1で割り切れる（2nがp – 1の倍数）ならば、m = 1, 2, ..., p – 1について、

${\displaystyle m^{2n}\equiv 1{\pmod {p}}}$

であるから、

${\displaystyle \sum _{m=1}^{p-1}(-1)^{m}{\binom {p-1}{m}}m^{2n}\equiv \sum _{m=1}^{p-1}(-1)^{m}{\binom {p-1}{m}}{\pmod {p}},}$

${\displaystyle \sum _{m=1}^{p-1}(-1)^{m}{\binom {p-1}{m}}=(1-1)^{p-1}-1=-1.}$

より補題1が証明された。ただし、二番目の式では二項定理を用いている。

2nがp – 1で割り切れないならば、フェルマーの小定理より、

${\displaystyle m^{2n}\equiv m^{2n-(p-1)}{\pmod {p}}.}$

℘ = ⌊ 2n / (p – 1) ⌋とする。床関数の性質℘ < 2n / (p – 1) < ℘ + 1より0 < 2n – ℘(p – 1) < p – 1。

m = 1, 2, ..., p – 1、0 < 2n – ℘(p – 1) < p – 1について、フェルマーの小定理より、

${\displaystyle m^{2n}\equiv m^{2n-\wp (p-1)}{\pmod {p}}}$

したがって、

${\displaystyle \sum _{m=0}^{p-1}(-1)^{m}{\binom {p-1}{m}}m^{2n}\equiv \sum _{m=0}^{p-1}(-1)^{m}{\binom {p-1}{m}}m^{2n-\wp (p-1)}{\pmod {p}}}$

${\displaystyle S(2n,p-1)\equiv S(2n-\wp (p-1),p-1){\pmod {p}}.}$

j > nのときS(n,j) = 0であるから、補題2が証明された。

3. a,b > 2のとき、(ab – 1)!はabで割り切れる。

4. 第二種スターリング数は整数である。

フォン・シュタウト＝クラウゼンの定理の証明には、ベルヌーイ数の一般項の公式を用いる。

${\displaystyle B_{2n}=\sum _{j=0}^{2n}{\frac {1}{j+1}}\sum _{m=0}^{j}{(-1)^{m}{j \choose m}m^{2n}}}$

これは第二種スターリング数S(n,j)を用いて次のように書ける。

${\displaystyle B_{2n}=\sum _{j=0}^{2n}{\frac {j!}{j+1}}(-1)^{j}S(2n,j)}$

j + 1を4より大きい合成数とすると、補題3よりj!は j + 1で割り切れる。

j = 3ならば、

${\displaystyle \sum _{m=0}^{3}(-1)^{m}{\binom {3}{m}}m^{2n}=3\cdot 2^{2n}-3^{2n}-3\equiv 0{\pmod {4}}.}$

I_nを整数とする。j + 1が素数ならば補題1,2を使って、j + 1が合成数ならば補題3,4を使って、次の式の成立が分かる^[5][6]。

${\displaystyle B_{2n}=I_{n}-\sum _{(p-1)|2n}{\frac {1}{p}},}$

これは示されるべきことであった。

関連項目

• クンマー合同（英語版）

出典

1. ^ 蟹江, 幸博『新訂版　数学用語 英和辞典: 和英索引付き』近代科学社、2020年12月2日。ISBN 978-4-7649-0624-2。 
2. ^ 小林, 吹代『和算からベルヌーイ数へと続く数の世界』技術評論社、2024年4月15日、221頁。ISBN 978-4297140854。 
3. ^ ハーディ, G. H.、ライト, E. M. 著、示野信一 訳『数論入門』PHP研究所、2001年7月1日。ISBN 978-4-431-70848-3。 
4. ^ 藤原松三郎『代数学 第1巻』内田老鶴圃、1929年、126頁。doi:10.11501/1133288。 
5. ^ H. Rademacher, Analytic Number Theory, Springer-Verlag, New York, 1973.
6. ^ T. M. Apostol, Introduction to Analytic Number Theory, Springer-Verlag, 1976.

参考文献

• Clausen, Thomas (1840), “Theorem”, Astronomische Nachrichten 17 (22): 351–352, doi:10.1002/asna.18400172204 
• Rado, R. (1934), “A New Proof of a Theorem of V. Staudt”, J. London Math. Soc. 9 (2): 85–88, doi:10.1112/jlms/s1-9.2.85 
• von Staudt, Ch. (1840), “Beweis eines Lehrsatzes, die Bernoullischen Zahlen betreffend”, Journal für die Reine und Angewandte Mathematik 21: 372–374, ISSN 0075-4102, http://resolver.sub.uni-goettingen.de/purl?GDZPPN002142562 

外部リンク

• Weisstein, Eric W. "von Staudt-Clausen Theorem". mathworld.wolfram.com (英語).
• 坂田実加. “多重ベルヌーイ数の2-orderと3-orderについて”. 近畿大学大学院総合理工学研究科. 2024年8月15日閲覧。